42、（2013•欽州壓軸題）如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，拋物線y= x2+2x與x軸相交于O、B，頂點(diǎn)為A，連接OA．
（1）求點(diǎn)A的坐標(biāo)和∠AOB的度數(shù)；
（2）若將拋物線y= x2+2x向右平移4個(gè)單位，再向下平移2個(gè)單位，得到拋物線，其頂點(diǎn)為點(diǎn)C．連接OC和AC，把△AOC沿OA翻折得到四邊形ACOC′．試判斷其形狀，并說(shuō)明理由；
（3）在（2）的情況下，判斷 點(diǎn)C′是否在拋物線y= x2+2x上，請(qǐng)說(shuō)明理由；
（4）若點(diǎn)P為x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，試探究在拋物線上是否存在點(diǎn)Q，使以點(diǎn)O、P、C、Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形，且OC為該四邊形的一條邊？若存在，請(qǐng)直接寫(xiě)出點(diǎn)Q的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

考點(diǎn)：二次函數(shù)綜合題．3718684
專(zhuān)題：探究型．
分析：（1）由y= x2+2x得，y= （x?2）2?2，故可得出拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)，令 x2+2x=0得出點(diǎn)B的坐標(biāo)過(guò)點(diǎn)A作AD⊥x軸，垂足為D，由∠ADO=90°可知點(diǎn)D的坐標(biāo)，故可得出OD=AD，由此即可得出結(jié)論；
（2）由題意可知拋物線的二次項(xiàng)系數(shù)為 ，由此可得拋物線的解析式過(guò)點(diǎn)C作CE⊥x軸，垂足為E；過(guò)點(diǎn)A作AF⊥CE，垂足為F，與y軸交與點(diǎn)H，根據(jù)勾股定理可求出OC的長(zhǎng)，同理可得AC的長(zhǎng)，OC=AC，由翻折不變性的性質(zhì)可知，OC=AC=OC ′=AC′，由此即可得出結(jié)論；
（3）過(guò)點(diǎn)C′作C′G⊥x軸，垂足為G，由于OC和OC′關(guān)于OA對(duì)稱(chēng)，∠AOB=∠AOH=45°，故可得出∠COH=∠C′OG，再根據(jù)CE∥OH可知∠OCE=∠C′OG，根據(jù)全等三角形的判定定理可知△CEO≌△C′GO，故可得出點(diǎn)C′的坐標(biāo)把x=?4代入拋物線y= x2+2x進(jìn)行檢驗(yàn)即可得出結(jié)論；
（4）由于點(diǎn)P為x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)Q在拋物線上， 故設(shè)Q（a， （a?2）2?4），由于OC為該四邊形的一條邊，故OP為對(duì)角線，由于點(diǎn)P在x軸上，根據(jù)中點(diǎn)坐標(biāo)的定義即可得出a的值，故可得出結(jié)論．
解答：解：（1）∵由y= x2+2x得，y= （x?2）2?2，
∴拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)為（?2，?2），
令 x2+2x=0，解得x1=0，x2=?4，
∴點(diǎn)B的坐標(biāo)為（?4，0），
過(guò)點(diǎn)A作AD⊥x軸，垂足為D，
∴∠ADO=90°，
∴點(diǎn)A的坐標(biāo)為（?2，?2），點(diǎn)D的坐標(biāo)為（?2，0），
∴OD=AD=2，
∴∠AOB=45°；

（2）四邊形ACOC′為菱形．
由題意可知拋物線的二次項(xiàng)系數(shù)為 ，且過(guò)頂點(diǎn)C的坐標(biāo)是（2，?4），
∴拋物線的解析式為：y= （x?2）2?4，即y= x2?2x?2，
過(guò)點(diǎn)C作CE⊥x軸，垂足為E；過(guò)點(diǎn)A作AF⊥CE，垂足為F，與y軸交與點(diǎn)H，
∴OE=2，CE=4，AF=4，CF=CE?EF=2，
∴OC= = =2 ，
同理，AC=2 ，OC=AC，
由反折不變性的性質(zhì)可知，OC=AC=OC′=AC′，
故四邊形ACOC′為菱形．

（3）如圖1，點(diǎn)C′不在拋物線y= x2+2x上．
理由如下：
過(guò)點(diǎn)C′作C′G⊥x軸，垂足為G，
∵OC和OC′關(guān)于OA對(duì)稱(chēng)，∠AOB=∠AOH=45°，
∴∠COH=∠C′OG，
∵CE∥OH，
∴∠OCE=∠C′OG，
又∵∠CEO=∠C′GO=90°，OC=OC′，
∴△CEO≌△C′GO，
∴OG=4，C′G=2，
∴ 點(diǎn)C′的坐標(biāo)為（?4，2），
把x=?4代入拋物線y= x2+2x得y=0，
∴點(diǎn)C′不在拋物線y= x2+2x上；

（4）存在符合條件的點(diǎn)Q．
∵點(diǎn)P為x軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)Q在拋物線上，
∴設(shè)Q（a， （a?2）2?4），
∵OC為該四邊形的一條邊，
∴OP為對(duì)角線，
∴ =0，解得x1=6，x2=4，
∴P（6，4）或（?2，4）（舍去），
∴點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（6，4）．


點(diǎn)評(píng)：本題考查的是二次函數(shù)綜合題，涉及到拋物線的性質(zhì)、菱形的判定與性質(zhì)、平行四邊形的性質(zhì)等知識(shí)，難度適中．
43、（2013安順壓軸題）如圖，已知拋物線與x軸交于A（?1，0），B（3，0）兩點(diǎn)，與y軸交于點(diǎn)C（0，3）．
（1）求拋物線的解析式；
（2）設(shè)拋物線的頂點(diǎn)為D，在其對(duì)稱(chēng)軸的右側(cè)的拋物線上是否存在點(diǎn)P，使得△PDC是等腰三角形？若存在，求出符合條件的點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由；
（3）點(diǎn)是拋物線上一點(diǎn)，以B，C，D，為頂點(diǎn)的四邊形是直角梯形，試求出點(diǎn)的坐標(biāo)．

考點(diǎn)：二次函數(shù)綜合題．
專(zhuān)題：壓軸題．
分析：（1）由于A（?1，0）、B（3，0）、C（0，3）三點(diǎn)均在坐標(biāo)軸上，故設(shè)一般式解答和設(shè)交點(diǎn)式（兩點(diǎn)式）解答均可．
（2）分以CD為底和以CD為腰兩種情況討論．運(yùn)用兩點(diǎn)間距離公式建立起P點(diǎn)橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)之間的關(guān)系，再結(jié)合拋物線解析式即可求解．
（3）根據(jù)拋物線上點(diǎn)的坐標(biāo)特點(diǎn)，利用勾股定理求出相關(guān)邊長(zhǎng)，再利用勾股定理的逆定理判斷出直角梯形中的直角，便可解答．
解答：解：（1）∵拋物線與y軸交于點(diǎn)C（0，3），
∴設(shè)拋物線解析式為y=ax2+bx+3（a≠0），
根據(jù)題意，得 ，
解得 ，
∴拋物線的解析式為y=?x2+2x+3．
（2）存在．
由y=?x2+2x+3得，D點(diǎn)坐標(biāo)為（1，4），對(duì)稱(chēng)軸為x=1．
①若以CD為底邊，則PD=PC，
設(shè)P點(diǎn)坐標(biāo)為（x，y），根據(jù)兩點(diǎn)間距離公式，
得x2+（3?y）2=（x?1）2+（4?y）2，
即y=4?x．
又P點(diǎn)（x，y）在拋物線上，
∴4?x=?x2+2x+3，
即x2?3x+1=0，
解得x1= ，x2= ＜1，應(yīng)舍去，
∴x= ，
∴y=4?x= ，
即點(diǎn)P坐標(biāo)為 ．
②若以CD為一腰，
∵點(diǎn)P在對(duì)稱(chēng)軸右側(cè)的拋物線上，由拋物線對(duì)稱(chēng)性知，點(diǎn)P與點(diǎn)C關(guān)于直線x=1對(duì)稱(chēng)，
此時(shí)點(diǎn)P坐標(biāo)為（2，3）．
∴符合條件的點(diǎn)P坐標(biāo)為 或（2，3）．
（3）由B（3，0），C（0，3），D（1，4），根據(jù)勾股定理，
得CB= ，CD= ，BD= ，
∴CB2+CD2=BD2=20，
∴∠BCD=90°，
設(shè)對(duì)稱(chēng)軸交x軸于點(diǎn)E，過(guò)C作C⊥DE，交拋物線于點(diǎn)，垂足為F，在Rt△DCF中，
∵CF=DF=1，
∴∠CDF=45°，
由拋物線對(duì)稱(chēng)性可知，∠CD=2×45°=90°，點(diǎn)坐標(biāo)為（2，3），
∴D∥BC，
∴四邊形BCD為直角梯形，
由∠BCD=90°及題意可知，
以BC為一底時(shí)，頂點(diǎn)在拋物線上的直角梯形只有上述一種情況；
以CD為一底或以BD為一底，且頂點(diǎn)在拋物線上的直角梯形均不存在．
綜上所述，符合條件的點(diǎn)的坐標(biāo)為（2，3）．

點(diǎn)評(píng)：此題是一道典型的“存在性問(wèn)題”，結(jié)合二次函數(shù)圖象和等腰三角形、等腰梯形的性質(zhì)，考查了它們存在的條件，有一定的開(kāi)放性．　

本文來(lái)自：逍遙右腦記憶 http://portlandfoamroofing.com/chusan/220779.html

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