樹(shù)德中學(xué)高2015級(jí)第三期10月階段性考試物理試題考試時(shí)間：80分鐘 滿(mǎn)分：100分 一、選擇題：（共10小題，每小題4分，共40分，選對(duì)但不全得2分，錯(cuò)選不得分。） 1．兩個(gè)可以自由移動(dòng)的點(diǎn)電荷分別放在A(yíng)、B兩處，如圖1所示，A處電荷帶正電Q1，B處電荷帶負(fù)電Q2，且Q2 = 4Q1，另取一個(gè)可以自由移動(dòng)的點(diǎn)電荷Q3，放在A(yíng)B直線(xiàn)上，欲使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則（ ）A．Q3為負(fù)電荷，且放于A(yíng)左方 B．Q3為負(fù)電荷，且放于B右方C．Q3為負(fù)電荷，且放于A(yíng)B之間 D．Q3為正電荷，且放于B右方【答案】A【gkstk解析】假設(shè)Q3放在Q1Q2之間，那么Q1對(duì)Q3的電場(chǎng)力和Q2對(duì)Q3的電場(chǎng)力方向相同，Q3不能處于平衡狀態(tài)，所以假設(shè)不成立。設(shè)Q3所在位置與Q1的距離為r13，Q3所在位置與Q2的距離為r23，要能處于平衡狀態(tài)，所以Q1對(duì)Q3的電場(chǎng)力大小等于Q2對(duì)Q3的電場(chǎng)力大小。即：，所以r23=2r13，所以Q3位于Q1的左方。根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，可判斷Q3帶負(fù)電。故選A�！究键c(diǎn)】庫(kù)侖定律2．如圖所示，分別在M、N兩點(diǎn)固定放置兩個(gè)點(diǎn)電荷+Q和－q (Q>q) ，以MN連線(xiàn)的中點(diǎn)O為圓心的圓周上有四點(diǎn)A、B、C、D，關(guān)于這四點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A．A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B．A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C．C點(diǎn)電勢(shì)低于D點(diǎn)電勢(shì)D．C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)【答案】A【gkstk解析】A、由題，電場(chǎng)線(xiàn)方向由M指向N，則A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)，故A正確；B、由于Q＞q，A點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)比B點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)密，A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；C、電場(chǎng)線(xiàn)從Q出發(fā)到q終止，關(guān)于MN對(duì)稱(chēng)，則C點(diǎn)電勢(shì)等于D點(diǎn)電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D、由于電場(chǎng)線(xiàn)關(guān)于MN對(duì)稱(chēng)，C、D兩點(diǎn)電場(chǎng)線(xiàn)疏密程度相同，則C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等于D點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故D錯(cuò)誤。故選A�！究键c(diǎn)】電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度3．如圖所示，虛線(xiàn)a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面， 相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab＝Ubc，實(shí)線(xiàn)為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力的作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知(　　)A．三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高B．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)的電勢(shì)能較Q點(diǎn)大C．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大D．帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)小【答案】B【gkstk解析】A、電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場(chǎng)線(xiàn)指向右下方，沿電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)降低，故c等勢(shì)線(xiàn)的電勢(shì)最高，a等勢(shì)線(xiàn)的電勢(shì)最低，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，故P點(diǎn)的電勢(shì)能大于Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故B正確；C、從P到Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，動(dòng)能增大，故P點(diǎn)的動(dòng)能小于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D、等勢(shì)線(xiàn)密的地方電場(chǎng)線(xiàn)密場(chǎng)強(qiáng)大，故P點(diǎn)位置電場(chǎng)強(qiáng)，電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D錯(cuò)誤。故選B。【考點(diǎn)】等勢(shì)面4．如圖所示，質(zhì)量為m1、帶有正電荷q的金屬小球和質(zhì)量為m2、不帶電的小木球之間用絕緣細(xì)線(xiàn)相連，置于豎直向上、場(chǎng)強(qiáng)為E、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩球恰能以速度v勻速豎直上升．當(dāng)小木球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)細(xì)線(xiàn)突然斷開(kāi)，小木球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為零，重力加速度為g，則（ ） A．小木球的速度為零時(shí)，金屬小球的速度大小為B．小木球從點(diǎn)A到點(diǎn)B的過(guò)程中，A、B組成的系統(tǒng)，機(jī)械能在增加 C．A、B兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差為D．小木球從點(diǎn)A到點(diǎn)B的過(guò)程中，小木球動(dòng)能的減少量等于兩球重力勢(shì)能的增量，而電場(chǎng)力對(duì)金屬小球所做的功等于金屬小球的機(jī)械能增加量 【答案】BC【gkstk解析】A、斷開(kāi)細(xì)線(xiàn)后，兩球組成的系統(tǒng)合力為零，總動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，得，金屬小球的速度大小為，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)系統(tǒng)，電場(chǎng)力做正功是系統(tǒng)的機(jī)械能增大，故B正確；C、斷開(kāi)細(xì)線(xiàn)后，木球的機(jī)械能守恒，則有，得，即A、B間距離為，兩點(diǎn)A、B之間的電勢(shì)差為，故C正確；D、小木球從點(diǎn)A到點(diǎn)B的過(guò)程中，其動(dòng)能的減少量等于木球重力勢(shì)能的增加量，故D錯(cuò)誤。故選BC�！究键c(diǎn)】電勢(shì)差；功能關(guān)系；電勢(shì)能；動(dòng)量守恒定律5、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上有A、B兩個(gè)帶電小球（可以看成點(diǎn)電荷），A球帶電量為+2q，B球帶電量為-q，將它們同時(shí)由靜止開(kāi)始釋放，A球加速度的大小為B球的3倍．現(xiàn)在A(yíng)B中點(diǎn)固定一個(gè)帶電小球C（也可看作點(diǎn)電荷），再同時(shí)由靜止釋放A、B兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等．則C球帶電量可能為 （ ）A．q B．q C．q D．q【答案】CD【gkstk解析】由靜止開(kāi)始釋放，A球加速度的大小為B球的3倍．根據(jù)牛頓第二定律可知，A、B兩個(gè)帶電小球的質(zhì)量之比為1：3；當(dāng)在A(yíng)B中點(diǎn)固定一個(gè)帶電小球C，由靜止釋放A、B兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等，則有C球帶正電；若A的加速度向右：根據(jù)庫(kù)侖定律與牛頓第二定律有：對(duì)A來(lái)說(shuō)，對(duì)B來(lái)說(shuō)，解得，；若A的加速度向左：根據(jù)庫(kù)侖定律與牛頓第二定律有：對(duì)A來(lái)說(shuō)，對(duì)B來(lái)說(shuō)，解得，；故選CD�！究键c(diǎn)】庫(kù)侖定律6．如圖所示為勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化的圖像．當(dāng)t=0時(shí)，在此勻強(qiáng)電場(chǎng)中由靜止釋放一個(gè)帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場(chǎng)力的作用，則下列說(shuō)法中正確的是 ( )A．帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)B．2s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)C．3s末帶電粒子的速度不為零D．O～3s內(nèi)，電場(chǎng)力做的總功為零【答案】D【gkstk解析】A、由牛頓第二定律可知，帶電粒子在每個(gè)周期的第一秒和三秒內(nèi)，帶電粒子的加速度大小為，第二秒的加速度大小為，得，粒子在第1s內(nèi)做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)沿反向做勻減速運(yùn)動(dòng)，1.5s末后開(kāi)始反方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、第二秒內(nèi)先用秒做勻減速接著秒反向加速，勻減速和勻加速對(duì)稱(chēng)，所以第二秒的位移為零，所以2s末帶電粒子在第一秒末的位置，不在出發(fā)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C、接著B(niǎo)選項(xiàng)繼續(xù)分析：2s末速度反向，與1s末等大，所以第三秒內(nèi)反向勻減速，3s末速度為零，故C錯(cuò)誤；D、3s末回到出發(fā)點(diǎn)，所以電場(chǎng)力做功為零，故D正確。故選D�！究键c(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)7．如圖所示，把一個(gè)平行板電容器接在電壓U=10 V的電源上，現(xiàn)進(jìn)行下列四步操作：(1)閉合S；(2)在兩板中央插入厚為d/2的金屬板；(3)斷開(kāi)S；(4)抽出金屬板，則（ ） A．閉合S瞬間電容器會(huì)充電、 且B板帶正電B．兩板中央插入厚為d/2的金屬板穩(wěn)定后，電容器的電量為原來(lái)2倍C．抽出金屬板后，AB板的電壓U=10VD．如兩板中央插入厚為d/2的陶瓷后，電容器的電量也為原來(lái)2倍(陶瓷的電介常數(shù)>2)【答案】B【gkstk解析】A、由電路的接法可知B板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B、插入厚為d/2的金屬板穩(wěn)定后，電容器等效為兩個(gè)電容器串聯(lián)，由可知，電容變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，而一個(gè)電容器兩端的電壓變?yōu)樵瓉?lái)的，由得，電量變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故B正確；C、斷開(kāi)S后，電容器所帶的電荷量不再發(fā)生變化，抽出金屬板后電容和最初相同，通過(guò)B選項(xiàng)知電量是2倍，由得，電壓變?yōu)樽畛醯?倍，所以電容器兩端的電壓變?yōu)?0V，故C錯(cuò)誤；D、如兩板中央插入厚為d/2的陶瓷，則只改變電容器的介電常數(shù)，由知，電容比原來(lái)的兩倍還大，由得，Q比原來(lái)的兩倍還多，故D錯(cuò)誤。故選B�！究键c(diǎn)】電容；電容器8．如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)度為E，ACB為光滑固定的半圓形軌道，軌道半徑為R，A、B為圓水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，AC為圓�。�一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球，從A點(diǎn)正上方高為H處由靜止釋放，并從A點(diǎn)沿切線(xiàn)進(jìn)入半圓軌道．不計(jì)空氣阻力及一切能量損失，關(guān)于帶電小球的運(yùn)動(dòng)情況，下列說(shuō)法正確的是( )A．小球一定能從B點(diǎn)離開(kāi)軌道B．小球到達(dá)C點(diǎn)的速度可能為零C．若Eq=mg，且H大于R時(shí)，小球能從B點(diǎn)離開(kāi)且上升的高度為D．小球在A(yíng)C部分不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】C【gkstk解析】A、由于題中沒(méi)有給出H與R、E的關(guān)系，所以小球不一定能從B點(diǎn)離開(kāi)軌道，故A錯(cuò)誤；B、若小球到達(dá)C點(diǎn)的速度為零，則電場(chǎng)力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，所以小球到達(dá)C點(diǎn)的速度不可能為零，故B錯(cuò)誤；C、由釋放到B的過(guò)程，由動(dòng)能定理得，解得，因?yàn)镠大于R，所以v為正值，說(shuō)明能到達(dá)B點(diǎn)；之后小球做上拋運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得上升的高度，故C正確；D、若重力大小等于電場(chǎng)力，小球在A(yíng)C部分做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C�！究键c(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力；動(dòng)能定理9．如圖所示，一個(gè)電量為-Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)．另一個(gè)電量為+q及質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙，從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線(xiàn)向甲運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)的速度最小為v．已知點(diǎn)電荷乙與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ、AB間距離為L(zhǎng)0及靜電力常量為k，則 （ ）A．OB間的距離大于B．點(diǎn)電荷乙能越過(guò)B點(diǎn)向左運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能仍增多C．在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中，AB間電勢(shì)差 D．從A到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)點(diǎn)電荷乙做的功為【答案】C【gkstk解析】A、當(dāng)速度最小時(shí)有：，解得：，故A錯(cuò)誤；B、在小球向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力一直做正功，因此電勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤；C、從A到B的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：，解得，故C正確；D、乙電荷從A運(yùn)動(dòng)B過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：，解得，電場(chǎng)力對(duì)點(diǎn)電荷乙做的功為，故D錯(cuò)誤。故選C�！究键c(diǎn)】電勢(shì)能；動(dòng)能定理；電勢(shì)差10．示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖甲所示。如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間加上圖丙所示的幾種電壓，熒光屏上可能會(huì)出現(xiàn)圖乙中(a)、(b)所示的兩種波形。則A．若XX/和YY/分別加電壓(3)和(1)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(a)所示波形B．若XX/和YY/分別加電壓(4)和(1)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(a)所示波形C．若XX/和YY/分別加電壓(3)和(2)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(b)所示波形D．若XX/和YY/分別加電壓(4)和(2)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(b)所示波形【答案】AC【gkstk解析】要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓，即掃描電壓。B和D在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓（4）不可能要水平向完成偏轉(zhuǎn)，而AC在XX′偏轉(zhuǎn)電極接入的是（3）鋸齒形四川省成都樹(shù)德中學(xué)2015-2016學(xué)年上學(xué)期高二10月階段性考試試卷_物理
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